Методика решения задач по биологии подготовка к еге


Чтобы посмотреть презентацию с оформлением и слайдами, скачайте ее файл и откройте в PowerPoint на своем компьютере.
Текстовое содержимое слайдов:

Методика решения задач ЕГЭ по биологииНовак Светлана Владимировна, учитель биологии МБОУ СОШ№3 с. Арзгир Методика решения задач ЕГЭ по биологии Основные типы задач по цитологии: Определение процентного содержания нуклеотидов в ДНК ;Расчетные задачи, по определению количества аминокислот в белке и по количеству нуклеотидов и триплетов в ДНК или РНК; Задачи по работе с таблицей генетического кода, и на знание процессов транскрипции и трансляции;Задачи на знания об изменениях генетического набора клетки во время митоза и мейоза; Задачи по диссимиляции в клетке эукариот. Задача первого типа Задача: в молекуле ДНК содержится 17% аденина. Определите, сколько (в %) в этой молекуле содержится других нуклеотидов.  Решение: Количество аденина равно количеству тимина, следовательно, тимина в этой молекуле содержится 17%. На гуанин и цитозин приходится 100% — 17% — 17% = 66%. Т.к. их количества равны, то Ц=Г=33%. Задача второго типа Задача:в трансляции участвовало 30 молекул тРНК. Определите количество аминокислот, входящих в состав образующегося белка, а также число триплетов и нуклеотидов в гене, который кодирует этот белок. Решение: 1. Если в синтезе участвовало 30 т-РНК, то они перенесли 30 аминокислот. 2.Поскольку одна аминокислота кодируется одним триплетом, то в гене будет 30 триплетов или 90 нуклеотидов. Задача третьего типа Задача: фрагмент одной из цепей ДНК : ААГГЦТАЦГТТГ. Постройте на ней и-РНК и определите последовательность аминокислот во фрагменте молекулы белка. Решение: По правилу комплементарности определяем фрагмент и-РНК и разбиваем его на триплеты: УУЦ-ЦГА-УГЦ-ААУ. По таблице генетического кода определяем последовательность аминокислот: фен-арг-цис-асн. Задача четвертого типаЗадача: фрагмент и-РНК : ГАУГАГУАЦУУЦААА. Определите антикодоны т-РНК и последовательность аминокислот, закодированную в этом фрагменте. Напишите фрагмент молекулы ДНК, на котором была синтезирована эта и-РНК. Решение: Разбиваем и-РНК на триплеты ГАУ-ГАГ-УАЦ-УУЦ-ААА и определяем последовательность аминокислот, используя таблицу генетического кода: асп-глу-тир-фен-лиз. В данном фрагменте содержится 5 триплетов, поэтому в синтезе будет участвовать 5 т-РНК. Антикодоны определяем по правилу комплементарности: ЦУА, ЦУЦ,  АУГ, ААГ, УУУ. По правилу комплементарности определяем фрагмент ДНК (по и-РНК!!!): ЦТАЦТЦАТГААГТТТ. Задача пятого типа Задача: фрагмент ДНК имеет последовательность нуклеотидов ТТАГЦЦГАТЦЦГ. Установите нуклеотидную последовательность т-РНК, которая синтезируется на данном фрагменте и аминокислоту, которую будет переносить эта т-РНК, если третий триплет соответствует антикодону т-РНК. Для решения задания используйте таблицу генетического кода. Решение: Определяем состав молекулы т-РНК: ААУЦГГЦУАГГЦ и находим третий триплет – это ЦУА. Этому антикодону комплементарен триплет и-РНК – ГАУ. Он кодирует аминокислоту асп, которую и переносит данная т-РНК. Задача шестого типа Задача: в клетке животного диплоидный набор хромосом равен 34. Определите количество молекул ДНК перед митозом, после митоза, после первого и второго деления мейоза. Решение: по условию, 2n=34. Генетический набор:•перед митозом 2n4c, поэтому в этой клетке содержится 68 молекул ДНК;  •после митоза 2n2c, поэтому в этой клетке содержится 34 молекулы ДНК;  •после первого деления мейоза n2c, поэтому в этой клетке содержится 34 молекул ДНК;  •после второго деления мейоза nc, поэтому в этой клетке содержится 17 молекул ДНК. Задача седьмого типа Задача: в диссимиляцию вступило 10 молекул глюкозы. Определите количество АТФ после гликолиза, после энергетического этапа и суммарный эффект диссимиляции. Решение: 1. Уравнение гликолиза: С6Н12О6 = 2ПВК + 4Н + 2АТФ. 2.Поскольку из одной молекулы глюкозы образуется 2 молекулы ПВК и 2АТФ, следовательно, синтезируется 20 АТФ. 3. После энергетического этапа диссимиляции образуется 36 молекул АТФ (при распаде 1 молекулы глюкозы), следовательно, синтезируется 360 АТФ. 4.Суммарный эффект диссимиляции равен 360+20=380 АТФ. Типы заданий по генетике Алгоритм решения задачПравила при решении генетических задачОформление задач по генетикеЗапись условия и решения задачПримеры решения задач:Моногибридное скрещивание Анализирующее скрещиваниеПромежуточное наследованиеКодоминированиеДигибридное скрещиваниеСцепленное с полом наследование Алгоритм решения генетических задачВнимательно прочтите условие задачи.Сделайте краткую запись условия задачи (что дано по условиям задачи).Запишите генотипы и фенотипы скрещиваемых особей.Определите и запишите типы   гамет,  которые образуют скрещиваемые особи.Определите и запишите генотипы и фенотипы  полученного от скрещивания потомства.Проанализируйте результаты скрещивания. Для этого определите количество классов потомства по фенотипу и генотипу и запишите их в виде числового соотношения.Запишите ответ на вопрос задачи. Правила при решении генетических задачПравило первое. Если при скрещивании двух фенотипически одинаковых особей в их потомстве наблюдается расщепление признаков, то эти особи гетерозиготны. Правило второе. Если в результате скрещивания особей, отличающихся фенотипически по одной паре признаков, получается потомство, у которого наблюдается расщепление по этой же паре признаков, то одна из родительских особей гетерозиготна, а другая – гомозиготна по рецессивному признаку.   Правило третье. Если при скрещивании фенотипически одинаковых особей (по одной паре признаков) в первом поколении гибридов происходит расщепление признаков на три фенотипические группы в отношениях 1:2:1 , то это свидетельствует о неполном доминировании и о том, что родительские особи гетерозиготны. Правило четвертое. Если при скрещивании двух фенотипически одинаковых особей в потомстве происходит расщепление признаков в соотношении 9:3:3:1, то исходные особи были дигетерозиготны. Правило пятое. Если при скрещивании двух фенотипически одинаковых особей в потомстве происходит расщепление признаков в соотношении 9:3:4 , 9:6:1 , 9:7 , 12:3:1, то это свидетельствует о взаимодействии генов, а расщепление в отношениях 12:3:1, 13:3 и 15:1 – об эпистатическом взаимодействии генов. Оформление задач по генетикеУсловные обозначения при решении генетических задач:♀ - женский организм ♂ - мужской организмХ – знак скрещиванияР – родительские формыF1, F2 –дочерние организмы первого и второго поколенийА, В – гены, кодирующие доминантные признакиа, b – гены, кодирующие рецессивные признакиАА, ВВ – генотипы особей, моногомозиготных по доминантному признакуаa, bb – генотипы особей, моногомозиготных по рецессивному признакуAa, Bb – генотипы гетерозиготных особейAaBb – генотипы дигетерозиготA, a, B, b – гаметы.Если речь идет о людях: женщина; мужчина - женщина и мужчина, состоящие в браке Запись условия и решения задач Дано:А – ген кареглазостиа- ген голубоглазости♀ - Аа♂- аа_____________________Генотип F1-?Решение:Р ♀ Аа        Х        ♂аа     карий                голубойГаметы А, а         а, аF1 Аа(карий) , аа(голубой) Аа(карий) , аа(голубой)Расщепление в соотношении 1:1;Ответ: 50% - глаза голубые; 50% - глаза карие.  Решетка ПеннетаааА Аакарие Аакарие а ааголубые ааголубые ааАа Примеры решения задач: 1. Моногибридное скрещиваниеЗадача Гладкая окраска арбузов наследуется как рецессивный признак. Какое потомство получится от скрещивания двух гетерозиготных растений с полосатыми плодами?Дано: Решение: пол а – гладкая окраска Р: ♀Аа х ♂АаА – полосатая окраска G А а А аР: ♀Аа х ♂Аа F1 : АА: Аа: Аа: аа Найти: F1 -? пол , пол, пол, гладОтвет: 75% - с полосатой окраской; 25% - с гладкой окраской. 2. Анализирующее скрещиваниеЗадача: У мухи дрозофилы серый цвет тела доминирует над черным. При скрещивании серых и черных мух в потомстве половина особей имела серую окраску, половина – черную. Определите генотипы родительских форм.Дано: Решение: А – серый цвет а – черный цвет Р: ♀А? (сер) х ♂аа (чер) F1 – сер х чер. G А ? а 50% сер.: 50% чер. F1 : Аа : аа сер. чер.Найти: генотипы Р - ? Так как в потомстве наблюдается расщепление в соотношении 1:1, следовательно генотип дрозофилы с серым цветом тела был Аа. Ответ: генотипы родителей Р – Аа, аа. 3. Промежуточное наследованиеЗадача. Форма чашечки у земляники может быть нормальная (доминантный признак) и листовидная. У гетерозигот чашечки имеют промежуточную форму между нормальной и листовидной. Определите возможные генотипы и фенотипы потомства от скрещивания двух растений, имеющих промежуточную форму чашечки.Дано: Решение: Р1: ♀АА(нор) х ♂аа(лист)А – нормальная форма G А аа - листовидная F1: Аа – промежуточная форма чашечки. Аа – промежуточная форма Р1: ♀Аа х ♂АаР: ♀Аа х ♂Аа G А а А а Найти: генотипы F2 : АА : Аа : Аа : аа и фенотипы F2 - ? нор. пром. пром. лист. по фенотипу: 1 : 2 1; по генотипу: 1АА :2Аа : 1аа Ответ: 1 АА :2Аа : 1аа; 25% имеют нормальную чашечку, 50% - промежуточную и 25% - листовидную. 4. Кодоминирование Кодоминирование – совместное и полное проявление действия двух аллельных генов в гетерозиготном организме. Типичным примером кодоминирования служит формирование IV группы крови у человека, или АВ-группы, гетерозиготной по аллелям IA и IB , которые по отдельности определяют образование II группы крови (IAIA или IAIO) и III группы крови (IBIB или IBIO) Задача.У матери I группа крови, у отца IV. Могут ли дети унаследовать группу крови одного из родителей?Дано: - I группа IOIO Решение: Р : IOIO IAIB - IV группа IAIB G : IO IA IB IAIO IBIO F 1 с группой крови одного из родителей - ? II группа III группа Ответ: нет, в данном случае дети не могут унаследовать группы крови родителей. 5. Дигибридное скрещиваниеДигибридным называют скрещивание в котором участвуют особи, отличающиеся по двум парам аллелей.Задача.Полидактилия (шестипалость) и близорукость передаются, как доминантные признаки. Какова вероятность рождения детей без аномалий в семье, если оба родителя страдают обоими недостатками и при этом являются гетерозиготами по обоим признакам?Дано:А – полидактилия Решение: Р: АаВв АаВва - здоровые G АВ Ав аВ ав АВ Ав аВ ав В – близорукость F1 АВ Ав аВ ав в - здоровые АВ ААВВ ААВв АаВВ АаВвР : АаВв Ав ААВв Аавв АаВВ Аавв АаВв аВ АаВВ АаВв ааВВ ааВв Найти : F 1 без аномалий - ? ав АаВв Аавв ааВв аавв Ответ: вероятность рождения детей без аномалий (аавв) составляет 1/16. Наследование признаков, сцепленных с полом Доминантные гены, локализованные в Х – хромосомеРецессивные гены, локализованные в Х – хромосомеГены, локализованные в Y – хромосоме Рецессивные гены, локализованные в х - хромосомеP: нарушенное потоотделение x нормальное потоотделение Ха Ха ХА YМейоз G: Случайное ОплодотворениеF1 нарушенное потоотделение % ? ½ Xa Y нормальное потоотделение 1/2 ХА ХаХаХАY Гены, локализованные в Y- хромосомеP: Гипертрихоз- x Гипертрихоз+ Х Х Х YвМейоз G: Случайное ОплодотворениеF1 : 100% : 100% Гипертрихоз- Гипертрихоз+ ХХ Х Yв ХХYb Ответ При записи ответа задачи учитывать следующие моменты:Если вопрос звучит так: «Какова вероятность…?», то ответ необходимо выражать в долях, частях, процентах.Если в результате проделанной работы справедливым итогом считается невозможность получения положительного ответа, даётся отрицательный ответЕсли условие задачи построено таким образом, что не исключается наличие двух вариантов её решения, нужно через запятую привести и тот, и другой ответы. Спасибо за внимание!

Приложенные файлы


Добавить комментарий